平方协变差和连续半鞅的推广It（o）公式[英文]

令X是连续半鞅,f是R上的局部可积函数.本文我们将证明,只要∫otf(Xs)ds存在,那么平方协变差存在且等于-∫Rf(a)daLta,Lat是X的局部时.因此对具有导数f的绝对连续函数F,有推广的It6公式F(Xt)=F(X0)+∫ot f(Xs)dXs+1/2[f(X),X]t.     

平方协变差和连续半鞅的推广Ito^公式

令X是连续半鞅，f是R上的局部可积函数。本文我们将证明，只要∫0tf(Xs)ds存在，那么平方协变差存在且等于-∫Rf(a)daLta,Lat是X的局部时。因此对具有导数f的绝对连续函数F，有推广的Ito^公式F（Xt)=F(X0) ∫0tf(Xs)dXs 1/2[f(X),X]t。     

一道考研试题的注记

20 0 3年全国硕士研究生入学考试数学试卷 (一 )的第八题为 :设函数 f ( x)连续且恒大于零 ,F( t) = Ω( t)f ( x2 + y2 + z2 ) dv D( t)f ( x2 + y2 ) dσ,　 G( t) = D( t)f ( x2 + y2 ) dσ∫t- tf ( x2 ) dx,其中Ω ( t) ={( x,y,z) | x2 + y2 + z2 ≤ t2 },D( t) ={( x,y) | x2 + y2 ≤ t2 }.( 1 )讨论 F( t)在区间 ( 0 ,+∞ )内的单调性 ;( 2 )证明当 t>0时 ,F( t) >2πG( t) .本文在这里将给出这一问题的一个一般性命题 ,即如下的 :命题　设函数 f ( x)连续且恒大于零 ,F( t) =∫…∫Vl( t)f ( x21+… + x2l) dx1… dxl∫…∫Vp…     

无穷可数个Brown运动驱动的随机微分方程解的分布唯一性及路径唯一性

研究如下形式的随机微分方程Xit =xi + ∑∞j=1∫t0σijs(Xs)dBjs +∫t0bis(Xs)ds,i=1,2,…,n,( * )其中{Bjt}∞j=1是相互独立的标准Brown运动的无穷可数序列.主要证明如下结论:1)解的分布唯一性蕴含了解的联合分布唯一性；2)解的分布唯一性与强解的存在性可以保证解的轨道唯一性.结论2)是Yamada定理的对偶命题.     

平均值函数的性质及应用

设函数 f (x)在 (-∞ , ∞ )上连续 ,当 x≠ 0时 ,我们称 F(x) =1x∫x0 f (t) dt为 f (x)在 [0 ,x]上的平均值函数 ,本文将介绍平均值函数 F(x)的若干性质并举例说明其应用 .一、F(x)的性质性质 1　 f(x)是 [0 ,x](或 [x,0 ])上的有界函数 ,F(x)也是 [0 ,x]或 [x,0 ]上的有界函数 .性质 2　若 f (x)为奇 (偶 )函数 ,则 F(x)也为奇 (偶 )函数 .性质 3　若 f(x)是周期为 T(T>0 )的周期函数 ,则limx→ ∞1x∫x0f (t) dt=1T∫T0f (t) dt (1 )　　　性质 4　若 f(x)为单调递增 (减 )函数 ,则 F(x)也为单调递增 (减 )函数 .性质 5　若对任意…     

LINEAR SKOROHOD STOCHASTIC DIFFERENTIAL EQUATIONS IN THE TWO PARAMETER CASE

1.　IntroductionUsing Girsanov s transformation and Ito formula,Buckdahn (1 993) considered theequation with Skorohod integral:Xt=H ∫t0 b(Xs) ds ∫t0 a(Xs) d Ws,　 a.e.on A (1 .1 )where A is a bounded ball inΩ.For a linear Skorohod stochastic differential equation:Xt=H ∫t0 As Xsds ∫t0 Bs Xsd Ws,(1 ,2 )Shiota(1 986 ) constructed a solution by means of the Wiener- Itochaos decomposition,when(As) and(Bs) are deterministic processes and H is a random variable represented by…     

一类具分布时滞的微分方程的正周期解的存在性与多解性

讨论具分布时滞的微分方程x′(t)=-a(t,x)x(t)+∫-0τf(t,r,x(t+r))dr,x′(t)=a(t,x)x(t)-∫0-τf(t,r,x(t+r))drx′(t)=-g(t,x(t))+∫0-τf(t,r,x(t+r))dr,x′(t)=g(t,x(t))-∫0-τf(t,r,x(t+r))dr正周期解问题,利用锥不动点定理,获得了这类问题正解存在性和多重性的充分条件,推广了已有文献的相关结果.     

SOLUTIONS AND STABILITY OF A GENERALIZATION OF WILSON'S EQUATION

In this paper we study the solutions and stability of the generalized Wilson's functional equation ∫_Gf(xty)dμ(t) + ∫_Gf(xtσ(y))dμ(t) = 2f(x)g(y),x,y ∈ G,where G is a locally compact group,σ is a continuous involution of G and μ is an idempotent complex measure with compact support and which is σ-invariant.We show that ∫_Gg(xty)dμ(t) + ∫_Gg(xtσ(y))dμ(t) = 2g(x)g(y) if f ≠0 and ∫_Gf(t.)dμ(t)≠0,where [ ∫_Gf(t.)dμ(t)](x) = ∫_Gf(tx)dμ(t).We also study some stability theorems of that equation and we establish the stability on noncommutative groups of the classical Wilson's functional equation f(xy) +χ(y)f(xσ(y)) = 2f(x)g(y) x,y ∈ G,where χ is a unitary character of G.     

一类新型时滞积分不等式及其应用

主要研究了一种新型时滞积分不等式u(t)≤a(t)+∫0α(t)f(t,s)w(u(s))ds+∫0α(t)g(t,s∫)0sh(s,τ)φ(u(τ))dτds up(t)≤a(t)+p/p-q∫0α(t)(f(t,s)uq(s)w(u(s))+g(t,s)uq(s))dsup(t)≤a(t)+p/p-q∫0α(t)f(t,s)uq(s)w(u(s))ds+p/p-q∫0tg(t,s)uq(s)w(u(s))ds这里p>q≥0是常数且t∈[0,∞).并且用此结果研究了时滞微分积分方程解的全局存在性和有界性.     

简单弧上带Cauchy核的第一类奇异积分方程的新解法

提供了简单弧上带Cauchy核的第一类奇异积分方程1πi∫ltf-(tt)0dt+21πi∫lk(t,t0)f(t)dt=g(t0)的一个新解法,给出了解的具体表达式与运算实例.本文的方法可应用于更广泛的情形.其中k(t,t0)为多项式,t0∈l,t0不为l的端点,f(t)在端点的奇性不到一阶.     

一类新型不连续函数的积分不等式及应用

研究了一种新型不连续函数的积分不等式um(t)≤φ(t)+m-m n∫tt0f(s)un(s)w(u(s))ds+t0∑相似文献   

时滞Rayleigh方程周期解问题

利用Mahwin重合度拓展定理研究了一类具时滞Rayleigh方程x″(t)+f(x′(t))+g∫0-rx(t+s)dm(s)=p(t)周期解问题,得到了周期解存在的一组充分条件.     

关于积分方程的求解

在高等数学中,积分方程求解的方法是通过将其求导一次或数次转化为微分方程来进行的.值得注意的是:这类方程的定解条件往往隐含在给定的积分方程中,因此需要把它挖掘出来,从而使积分方程转化为一个初始问题.下面通过举例予以说明.例1　求满足方程∫x0f(t)dt=x ∫x0tf(x-t)dt的函数f(x).解　本题中由于变量x同时出现在积分上限和被积函数内,应先通过变量替换使被积函数内不含x,再利用变上限定积分的求导消去积分符号.令x-t=u,则dt=-du.于是∫x0tf(x-t)dt=-∫0x(x-u)f(u)du=x∫x0f(u)du-∫x0uf(u)du原方程变形为∫x0f(t)dt=x x∫x0f(t)dt-∫x0…     

关于一类函数单调性的再讨论

针对函数F(x)=x∫0(x-ct)f(t)dt的单调性,通过反例说明某文献的相关论述存在错误,并给出命题,全面讨论此类函数在各种情况下的单调性.     

西安建筑科技大学·高等数学期末试题(2005.1.3)

一、填空与单项选择题(每小题3分,共30分)1.已知当x→0时,无穷小1-cosx与asin2x2等价,则a=2.limx∞x-sinxx+sinx=3.12∫-12cosxln1+x1-xdx4.设f(x)的一个原函数是sinx,则xf∫′(x)dx=5.曲线y=e-x+2x上与直线x-y+2=0平行的切线方程是6.函数y=∫x0t(t-1)dt的极小值是()(A)0(B)-16(C)16(D)567.若连续曲线y=1f(x)与y=f2(x)在[a,b]上关于x轴对称,则b∫af1(x)dx+b∫af2(x)dx的值为()(A)2∫baf1(x)dx(B)2∫ba2f(x)dx(C)0(D)2∫ba[f(x)-f2(x)]dx8.设y=exsinx,则dy=()dex(A)sinx-cosx(B)sinx+cosx(C)ex(sinx-cos(x)D)ex(sinx+cosx)9.下列函数中(…     

Maximal regularity of second order delay equations in Banach spaces

We give necessary and sufficient conditions of Lp-maximal regularity(resp.B sp ,q-maximal regularity or F sp ,q-maximal regularity) for the second order delay equations:u″(t)=Au(t) + Gu't + F u t + f(t), t ∈ [0, 2π] with periodic boundary conditions u(0)=u(2π), u′(0)=u′(2π), where A is a closed operator in a Banach space X,F and G are delay operators on Lp([-2π, 0];X)(resp.Bsp ,q([2π, 0];X) or Fsp,q([-2π, 0;X])).     

常微分方程若干周期解存在定理

我们考虑如下微分系统:其中X∈R~n,f关于(t,X)连续且保证解的存在唯一性,f(t+T,X)=f(t.X)(T>0) 再考虑(1)的特例(2):     

连续时间延滞的非自治系统的周期解（英）

We consider the nonautonomous cooperative system with continuous time delay (x)(t)=x(t)[a1(t)-a2(t)+a3(t)∫o-Tk1(s)x(t+s)ds-a4(t) ∫o-Tk2(s)y(t+s)ds] (y)(t)=y(t)[b1(t)-b2(t)y(t)+a3(t) ∫o-Tk3(s)y(t+s)ds-b4(t) ∫o-Tk4(s)x(t+s)ds](1)where ai(t),bi(t)(i=1,2,3,4) are assumed to be continuous, positive and ω-periodic functions; and x(t),y(t) are the density of species; ki(s) (i=1,2,3,4) denote nonnegative piecewise continuous defined in [-τ,0] (there 0<τ<+∞) and normalized such that ∫o-T ki(s)ds=1. Let fL=inf{f(t):t∈R}, fM=sup{f(t),t∈R}, for a continuous and bounded function f(t).     

利用定积分求分段表示的函数的不定积分

分段表示的函数的不定积分的求法通常采用逐段求其不定积分 ,但这样得出的结果会有几个积分常数 ,由于不定积分的任意常数只有一个 ,为求出最后结果 ,则要利用原函数必连续的条件 ,找出几个积分常数之间的关系 ,确定出不定积分的任意常数 (见 [1 ]) ,由于求函数 f(x)的不定积分∫f (x) dx =F(x) C,关键是求出它的一个原函数 F(x) .若注意到变上限函数 F(x) =∫xaf (t) dt满足 F′(x) =f (x) ,即 F(x)是 f (x)的一个原函数 ,则有∫f (x) dx =∫xaf (t) dt C于是 ,求函数 f(x)的不定积分问题 ,就可以转化为求定积分∫xaf (t) dt的问题 .…     

一道数学分析试题的注记

东北师范大学 1 981年研究生入学考试数学分析科目有这样一道试题[1] ,为方便起见 ,我们以命题形式给出 .命题 1　若 f′( x)在 [a,b]上连续 .对任意自然数 n且 0≤ k≤ n,令xk=a+kb-an ,r( n) =b-an ∑nk=1f( xk) -∫baf( x) dx,则limn→∞nr( n) =b-a2 [f ( b) -f ( a) ]. ( 1 )证　因为r( n) =b-an ∑nk=1f ( xk) -∑nk=1∫xkxk-1f ( x) dx=∑nk=1∫xkxk-1[f( xk) -f( x) ]dx=∑nk=1∫xkxk-1∫xkxf′( t) dt dx,交换二次积分的积分次序 ,于是r( n) =∑nk=1∫xkxk-1f′( t) dt∫txk-1dx=∑nk=1∫xkxk-1( t-xk- 1) f′( t) dt.由于 t-xk- 1…