常系数一次分式递归数列是有穷数列的充要条件--Whc116的一种解决途径

Whc116[1]数列{xn}满足 xn+1=axn+b/cxn+d (c≠0,ad-bc≠0,a、b、c、d∈R)(*)x1=α,试问a、b、c、d、α满足什么条件时,数列{xn}为n0项的有穷数列?n0有一个计数公式吗?     

两类递推数列通项的求法

文[1]用待定系数法求出了由递推式an 1=can daan b确定的数列{an}的通项公式(只要方程ax2 (b-c)x-d=0有根(包括复数根),都可用[1]的方法求解;若无根,则a=0,b=c,d≠0,得{an}是等差数列.[1]中对数列{an}的各项取倒数时,应要求an≠0(n∈N*)).受[1]的启发,笔者研究了由递推式an 1=c     

构造等比数列求一类数列的通项

题1已知数列{an}中,首项a1—a,an=can-1＋d,n≥2（常数c≠1,且c≠0,d为常数）,求{an}的通项公式．     

具误差隐格式迭代逼近严格伪压缩映像族公共不动点 (英)

设$K$是实Banach空间$E$中非空闭凸集, $\{T_i\}_i=1^{N}$是$N$个具公共不动点集$F$的严格伪压缩映像, $\{\alpha_n\}\subset [0,1]$是实数列, $\{u_n\}\subset K$是序列, 且满足下面条件 (i)\ 设$K$是实Banach空间$E$中非空闭凸集, $\{T_i\}_i=1^{N}$是$N$个具公共不动点集$F$的严格伪压缩映像, $\{\alpha_n\}\subset [0,1]$是实数列, $\{u_n\}\subset K$是序列, 且满足下面条件 (i)\ 设$K$是实Banach空间$E$中非空闭凸集, $\{T_i\}_i=1^{N}$是$N$个具公共不动点集$F$的严格伪压缩映像, $\{\alpha_n\}\subset [0,1]$是实数列, $\{u_n\}\subset K$是序列, 且满足下面条件 (i)\ 设K是实Banach空间E中非空闭凸集，{Ti}i=1^N是N个具公共不动点集F的严格伪压缩映像，{αn}包括于[0,1]是实数例，{un}包括于K是序列，且满足下面条件（i）0〈α≤αn≤1;（ii）∑n=1∞（1-αn）=＋∞.（iii）∑n=1∞ ‖un‖〈＋∞.设x0∈K,{xn}由正式定义xn=αnxn-1＋（1-αn）Tnxn＋un-1,n≥1,其中Tn=Tnmodn，则下面结论（i）limn→∞‖xn-p‖存在，对所有p∈F；（ii）limn→∞d（xn,F）存在，当d（xn,F）=infp∈F‖xn-p‖；（iii）lim infn→∞‖xn-Tnxn‖=0.文中另一个结果是，如果{xn}包括于[1-2^-n,1]，则{xn}收敛，文中结果改进与扩展了Osilike（2004）最近的结果，证明方法也不同。     

综合题新编选登

题200已知数列{an}满足：a1=1，nan＋1=（n＋1）an＋cn（n＋1），（c为常数） （1）求数列{an}的通项公式；     

广义的等差或等比数列

首先,我们给出一个定义： 数列{xn}满足：x1=s,x^2=t,axn-1＋Xn＋1=bxn,xn≠0,n∈N^＊,n≥2,其中a,b为非零正常数,则称数列{xn}为广义的等差或等比数列．     

一个数列模型的深化及其应用

在高中代数下册中,有这样一道习题:“已知数列{an}的项满足a1=b, an+1=can+d.其中c≠0,c≠1,证明这个数列通项公式是     

一类“形似而神异”的递推数列

2011年广东高考数学第20题第（1）问是：设b〉0,数列{an}满足a1=b,an=（nan-1）/（an-1＋2n-1）（n≥2）,求数列{an}的通项公式.看到这个问题,使我们想起了2006年江西高考22题第（1）问：已知数列{an}满足：a1=32,且an=（3nan-1）/（2an-1＋n-1）（n≥2,n∈...     

函数y=lgcx＋d/αx＋b图象的对称问题及引申

文[1]探索证明了函数y=lgcx/d/αax＋b（αd≠bc,cα≠0）的图象是中心对称图形，它的对称中心是-d/c＋d/α/2,lg（c/α），但过程稍显繁琐，笔者认为用结论：“函数f（x）的图象有对称中心（h，k）的充要条件是对定义域中的任何一个x，均有f（h＋x）＋f（h-x）=2k．”证明较为简洁明了．证明如下：     

分式线性递归数列的通项求法

定义1 由递推公式an＋1=aan＋b/can＋d（c≠0,且ad-ba≠0）及初始值a1=p确定的数列，称为分式线性递归数列．     

用导数求解一类数列问题的思维探源

1.问题的提出 由公差为d（d≠0）的等差数列{an}与公比为q（q≠1）的等比数列{bn}的对应项的积构成数列{an·bn},求数列{an·bn}的前n项和Sn.     

对一道习题的思考

从相关习题出发，借助夹逼定理可证明：lim n→∞（b1a^n1＋b2a^n2＋…＋bma6n m）1/n=max{a1,a2,…,am}；设函数φ（x）,f（x）在[a,b]上都是正连续函数，则有lim n→∞{∫^b aφ（x）[f（x）]^n dx}^1/n=max a≤x≤b{f（x）}     

“特征根法”求an＋1=san＋t/pan＋q的通项公式的几何背景

我们常用“特征根法”求解这样的一类题目：已知数列{an}的首项为a1,且满足an＋1=san＋t/pan＋q（其中n∈N＋,s,t,p∈R且p≠0）,求数列的通项公式。     

等差数列方幂和的统一处理

定理 设数列{αn}是等差数列，sn=α1^m＋α2^m＋…＋αn^m，m∈N^＊，则存在λi∈R（i=2，3，…，m＋1），有g（n）=λm＋1αn^m＋1＋λmαn^m＋…＋λ3αn^3＋λ2αn^2，使{sn-g（n）}为等差数列．     

网球运动员专项知觉技能训练有效性试验研究

（2012年江苏高考第20题）已知各项均为正数的两个数列：{an}和{bn}满足：an＋1=an＋bn/√a2n＋b2n,n∈N＋. （1）设bn＋1=1＋bn/an,n∈N＋,求证：数列{（bn/an）2}是等差数例.     

Banach空间中渐近非扩张映射的不动点迭代

设D是一致凸Banach空间X的非空闭凸子集 ,T∶D→D是渐近非扩张映射且kn ≥ 1 ,∑ ∞n =1(kn- 1 ) <∞ .设T的不动点集F(T) ≠ ,T是全连续的 (X满足Opial条件 ) ,{xn},{yn},{zn}由定义 2给出 ,如果 ∑∞n =1cn <∞ ,∑ ∞n =1c′n <∞ ,∑ ∞n =1c″n <∞ ,且下列条件之一满足 :(i)b″n ∈ [a ,b] ( 0 ,1 ) ;b′n ∈ [0 ,β];bn ∈[0 ,α],αβ β <1 ;(ii)b′n ∈ [a ,b] ( 0 ,1 ) ;b″n ∈ [a ,1 ];bn ∈ [0 ,b];(iii)bn ∈[a ,b] ( 0 ,1 ) ;b′n ∈ [a ,1 ],则 {xn},{yn},{zn}强收敛于T的不动点 .( {xn}弱收敛于T的不动点 ) .     

一道数学开放题

题目已知:两函数f(x)=kx b(k≠1)和g(x)=x,数列{xn}当n≥2时满足xn=f(xn-1),且x1=α.由此可得出哪些结论? 本题参考答案 (1)函数f(x)=kx b(k≠1)和g(x)=x的图象有交点(b/1-k,b/1-k); (2)数列{xn}满足递推式xn-kxn-1=b; (3)数列{xn}的通项公式是: (4)数列{xn}前n项和: (5)当-1相似文献   

换个角度思路宽

文[1]对2009年全国高考数学I卷（理）20题：“在数列{an}中,a1=1,1n＋1=（1＋1/n）an＋a＋1/2n.     

一道“华约”数列题的构造放缩证明

问题（2013年“华约”第5题）数列{an}中的各项均为正数，且对任意的n∈N^＊满足an＋1=an＋can^2（c〉0）.     

Modified mann iterations for nonexpansive semigroups in Banach space

Let E be a real reflexive Banach space which admits a weakly sequentially continuous duality mapping from E to E^＊, and C be a nonempty closed convex subset of E. Let {T（t） ： t ≥ 0} be a nonexpansive semigroup on C such that F ：=∩t≥0 Fix（T（t）） ≠ 0, and f ： C → C be a fixed contractive mapping. If {αn}, {βn}, {an}, {bn}, {tn} satisfy certain appropriate conditions, then we suggest and analyze the two modified iterative processes as：{yn=αnxn＋（1-αn）T（tn）xn,xn=βnf（xn）＋（1-βn）yn
{u0∈C,vn=anun＋（1-an）T（tn）un,un＋1=bnf（un）＋（1-bn）vn
We prove that the approximate solutions obtained from these methods converge strongly to q ∈∩t≥0 Fix（T（t））, which is a unique solution in F to the following variational inequality：
〈（I-f）q,j（q-u）〉≤0 u∈F Our results extend and improve the corresponding ones of Suzuki [Proc. Amer. Math. Soc., 131, 2133-2136 （2002）], and Kim and XU [Nonlear Analysis, 61, 51-60 （2005）] and Chen and He [Appl. Math. Lett., 20, 751-757 （2007）].