一道平面几何题的向量论证

《数学通报》第 1 2 1 2问题如下 :如图 1设图 1　三角形△ABC的一边AB上有P1,P2 两点 ,另一边AC上有Q1,Q2 两点 ,若 ABAP1+ ACAQ1=ABAP2 + ACAQ2 =3,则P1Q1与P2 Q2 的交点G是△ABC的重心 .上述问题可概述为 :P ,Q为△ABC的两边AB ,AC上的两点 ,则PQ过△ABC的重心G的充要条件是ABAP+ ACAQ=3,本文将利用向量给出它的证明 .图 2　结论 1图结论 1　设OA ,OB ,OC为平面上不共线的三个非零向量 ,则A ,B ,C三点共线的充要条件是存在实数λ ,μ ,使得 OA =λOB + μOC ,其中λ + μ =1 .证　不妨设A在BC之间 ,若A ,…     

Conformal CMC-Surfaces in Lorentzian Space Forms

Let Q3 be the common conformal compactification space of the Lorentzian space forms R13, S13 and H13. We study the conformal geometry of space-like surfaces in Q3. It is shown that any conformal CMC-surface in Q3 must be conformally equivalent to a constant mean curvature surface in R13, S13 or H13. We also show that if x : M→Q3 is a space-like Willmore surface whose conformal metric g has constant curvature K, then either K = - 1 and x is conformally equivalent to a minimal surface in R13, or K = 0 and x is conformally equivalent to the surface H1(1/(2~(1/2)))×H1(1/(2~(1/2))) in H13.     

第一章 幂函数、指数函数、对数函数

1.集合的概念一、选择题 1.若集合m={x|x-1/x-2≥0},N={x|(x-1)(x-2)≥0},P={x|2~((x-1)(x-2))≥1}则( )。 (A)M=N=P (B)MNP (C)MNP (D)MN=P 2.设p={x_1,x_2,x_3}是方程x~3=1在复数集C中的解集,Q={x_1X_2,x_2x_3,x_3x_1},那么P与Q的关系是( )。 (A)PQ (B)PQ (C)P=Q (D)P∩Q=φ 3.设全集1={x|x为小于20有奇数},若     

MULTIPLICITY RESULTS FOR AN INHOMOGENEOUS NONLINEAR ELLIPTIC PROBLEM

The author proves that there exist three solutions u0,u1 and u2 in the following problem {-△u+u=Q(x)|u|P-2u+f(x),u∈H1(RN),2＜P＜2u,2u=2N/N-2,N≥3,where some conditions are imposed on Q and f. Here,0＜u0＜u1,u2 changes sign.     

高中代数总复习(一)

1.选择题: (1)集合P={s|s=x~2 3x 1, x∈R}与集合Q={t|t=y~2-3y 1,y∈R},则P,Q的关系是( ) (A)P\Q (B)P=Q (C)PQ (D)P≠Q,且pQ,PQ (2)已知f(x)=8 2x-x~2,如果g(x)=f(2-x~2),那么g(x)( ) (A)在区间(-2,0)上是增函数     

2-Sylow Subgroups of K_2O_F for Real Quadratic Field and Class Group for Imaginary Quadratic Field

Inthispaper,westudytherelationbetweenthe2-Syl0w'subgroups0fK,OFf0rrealquadraticfie1dF=Q(N)andthec1assgroupC(E)forimaginaryquadraticfie1dE=Q(In).ForgeneralnumberfieldF,manyauth0rshavecharacterizedthe2-SylowsubgroupstructureofK2OFandobtained2'-rankK2OFformulas(n>1).Especially,forquadraticfieldF,QinHuorong['Jgottheformulas0f4-orderelementsinK2OFonthebasis0fBrowkin-Sch1nzel[2].Inthispaper,wediscussthemfurther.Lemma(Llj,Theorems2.2and3-3)LetF=Q(H),d>2beasquarefreeinteger,andmap0sitive…     

有界线性算子和的Drazin逆表示

本文讨论了两个有界线性算子和的Drazin可逆性及其表达式.在PQ~3=0,P~2Q=0,QPQ~2=0的条件下,采用预解式的Laurent展开方法,证明了P+Q是Drazin可逆的,并得到了P+Q的Drazin逆的表达式.同时,还确定出P+Q的指标的范围ind(P+Q)≤2t+r+s—1,给出数值算例说明结论的有效性.     

直线方程应用两例

本文介绍直线方程在解决市场供需平衡问题中的应用. 例1 若某种产品在市场上的供应量Q与价格P之间的关系为P-3Q-5=0,需求量Q与价格P之间的关系为P 2Q-25=0,     

一道赛题的又一简证

<正>题目点A为y轴正半轴上一点,A、B两点关于x轴对称,过点A任作直线交抛物线y=2/3x²于P、Q两点.(1)求证:∠ABP=∠ABQ.(2)若点A的坐标为(0,1),且∠PBQ=60°,试求所有满足条件的直线PQ的函数解析式(如图).文[1]利用轴对称知识及函数与方程思想进行解答,应该肯定解法很全新,笔者本着一切从学生所掌握的基本知识出发来解答,从三角形角平分线定理入手,解答比较通俗简单,供同学们参考.(1)证明设点A坐标为(0,a),P、Q坐标分别为(x_1,y_1)、(x_2,y_2),令直线PQ方程:y=kx+a,再联立y=2/3x2于P、Q两点.(1)求证:∠ABP=∠ABQ.(2)若点A的坐标为(0,1),且∠PBQ=60°,试求所有满足条件的直线PQ的函数解析式(如图).文[1]利用轴对称知识及函数与方程思想进行解答,应该肯定解法很全新,笔者本着一切从学生所掌握的基本知识出发来解答,从三角形角平分线定理入手,解答比较通俗简单,供同学们参考.(1)证明设点A坐标为(0,a),P、Q坐标分别为(x_1,y_1)、(x_2,y_2),令直线PQ方程:y=kx+a,再联立y=2/3x²解得2/3x2解得2/3x²-kx-a=0,则x_1x_2=-3/2a(即a=-2/3x_1x_2),y_1=2/3x_12-kx-a=0,则x_1x_2=-3/2a(即a=-2/3x_1x_2),y_1=2/3x_1²、     

1991年四川省高二数学联赛(第一轮)试题及解答

一、选择题(本大题共8个小题,每小题都只有一个正确答案,选对一个得4分,错选、不选或多选均得0分。满分32分) 1.设P={x|x=m~2-2,m∈N},Q={x|x=n~2-6n 7,n∈N},则P、Q间的关系是( )。 (A)PCQ (B)P=Q (C)Q p(D)不确定 2.设sinx=-1/5,x∈[π,3π/2],则x为( )。 (A)-arcsin1/5(B)3/2π-arcsin1/5     

四面体的k号心及其性质

本文拟用解析法 ,建立四面体的 k号心的概念 ,并研究它的性质 .定义 1　在空间任取一点 P,以 P为原点建立空间直角坐标系 ,设四面体 A1A2 A3 A4的顶点 Ai 的坐标为 (xi,yi,zi) (i=1,2 ,3,4 ) ,对非零实数 k,令x′=1k 4i=1xi,y′=1k 4i=1yi,z′=1k 4i=1zi,则点 Q(x′,y′,z′)称为四面体 A1A2 A3 A4关于点 P的 k号心 .显然 ,四面体关于点 P的 4号心就是四面体的重心 .定理 1　设四面体 A1A2 A3 A4关于点 P的 k号心为 Q,其重心为 G.则 Q,G,P三点共线 ,且 G分有向线段 QP所成的比为 (4 - k) / k.证　应用同一法 .在有向线段 QP…     

一道函数试题的解法探讨

某地区2007年初的高三数学“一模”检测中的一道试题为:已知集合P={x|1/2≤x≤3},函数f(x)=log2(ax~2-2x 2)的定义域为Q.(Ⅰ)若P∩Q=[21,23),P∪Q=(-2,3],求实数a的值;(Ⅱ)若P∩Q≠,求实数a的取值范围.这是一道以集合作为外衣、与复合函数的定义域相结合的典型试题,其中复合函数是由对数函数及含参数a的二次函数(a=0时退化为一次函数)复合而成.本文仅对第(Ⅱ)问的解法进行探究,给出下列七种解法,以飨读者.定义域Q由ax2-2x 2>0(1)确定,与此对应的方程为ax2-2x 2=0(2)解法1(正向思考,用求根公式求解)1)a=0时,由(1)得-2x 2>0,解得x<1,即Q={…     

2005年湖南省高考数学试题(理10)的探究

2005年湖南省高考数学试题(理10):设P是△APC内任意一点,S△ABC表示△ABC面积,λ1=S△PBCS△ABC,λ2=S△PCAS△ABC,λ3=S△PABS△ABC,定义f(P)=(λ1,λ2,λ3),若G是△ABC的重心,f(Q)=(12,13,16),则()(A)点Q在△GAB内.(B)点Q在△GBC内.(C)点Q在△GCA内.(D)点Q与点G重合.此题是较好的能力创新题,主要考察学生对轨迹思想的认识.由题目中的定义,参照有向线段定比分点知识,我们可以做以下定义:定义1设P是n边形A1A2…An(n≥3)内任意一点,S表示该n边形的面积,1λ=S△PA2A3S,λ2=S△PA3A4S,…,nλ=S△PA1A2S,若定义…     

第3届罗马尼亚大师杯数学竞赛试题及解答（二）

第3题解答二：不妨设射线A4A1与A2A3交于点Q,而射线A3A4与A1A2交于点P．设＜QA1A2=α,＜QA2A1=β,＜PA1A1=γ,＜QA3P=180°-δ.     

C*-Isomorphisms Associated with Two Projections on a Hilbert C*-Module*

Motivated by two norm equations used to characterize the Friedrichs angle, this paper studies C^*-isomorphisms associated with two projections by introducing the matched triple and the semi-harmonious pair of projections. A triple (P, Q, H) is said to be matched if H is a Hilbert C^*-module, P and Q are projections on H such that their infimum P ∧ Q exists as an element of L(H), where L(H) denotes the set of all adjointable operators on H. The C^*-subalgebras of L(H) generated by elements in {P - P ∧ Q, Q - P ∧ Q, I} and {P, Q, P ∧ Q, I} are denoted by i(P, Q, H) and o(P, Q, H), respectively. It is proved that each faithful representation (π, X) of o(P, Q, H) can induce a faithful representation (π, X e) of i(P, Q, H) such that e π(P - P ∧ Q) = π(P) - π(P) ∧ π(Q),eπ(Q - P ∧ Q) = π(Q) - π(P) ∧ π(Q).When (P, Q) is semi-harmonious, that is, R(P + Q) and R(2I - P - Q) are both orthogonally complemented in H, it is shown that i(P, Q, H) and i(I - Q, I - P, H) are unitarily equivalent via a unitary operator in L(H). A counterexample is constructed, which shows that the same may be not true when (P, Q) fails to be semi-harmonious. Likewise, a counterexample is constructed such that (P, Q) is semi-harmonious, whereas (P, I - Q) is not semi-harmonious. Some additional examples indicating new phenomena of adjointable operators acting on Hilbert C^*-modules are also provided.     

2005年全国各地高考数学试题分类汇编 考点1 集合的概念与运算

考点1集合的概念与运算1.(北京卷,1)设全集U=R,集合M={x x>1},P={x x2>1},则下列关系中正确的是().(A)M=P(B)P M(C)M P(D)CUM∩P=2.(江苏卷,1)设集合A={1,2},B={1,2,3},C={2,3,4},则(A∩B)∪C=().(A){1,2,3}(B){1,2,4}(C){2,3,4}(D){1,2,3,4}3.(湖北卷,1)设P、Q为两个非空实数集合,定义集合P+Q={a+b a∈P,b∈Q}.若P={0,2,5},Q={1,2,6},则P+Q中元素的个数是().(A)9(B)8(C)7(D)64.(江西卷,1)设集合I={x x<3,x∈Z},A={1,2},B={-2,-1,2},则A∪(CIB)=().(A)P{1}(B){1,2}(C){2}(D){0,1,2}5.(广东卷,1)若集合M={x‖x≤2},N=…     

世界各地数学奥林匹克试题摘编

本文中|A|表示集合A的元素个数.1设P(x)=x~3-3x 1.求一个多项式Q(x),使得Q(x)的根是P(x)的根的5次幂.解设a,b,c是P(x)的根.由根与系数的关系,有依题意知,Q(x)=(x-a5)(x-b5)(x-c5)=x3-(a5 b5 c5)x2 (a5b5 a5c5 b5c5)x-a5b5c5=x3-S5x2 T5x 1.这里S5=a5 b5 c5,T5=a5b5 b5c5 c5a5.对于正整数n,令Sn=an bn cn,则有T5=21(S52-S10),所以要求Q(x),只需求出S5与S10.∵S1=a b c=0,S2=(a b c)2-2(ab bc ca)=6.又a,b,c是方程x3=3x-1的根,所以a3=3a-1,b3=3b-1,c3=3c-1,由此易得Sn 3=3Sn 1-Sn(n≥1),∴S3=3(a b c)-3=-3,S4=3×S2-S1=3×6-0=18…     

两个高考题的别解思考

问题1(2010全国卷12题)已知在半径为2的球面上有A,B,C,D四点,若AB=CD=2,则四面体ABCD的体积的最大值为A.2√3/3 B.4√3/3 C.2√3 D.8√3/3问题2(2009全国卷10题)已知二面角α-l-β为60°,动点P,Q分别在面α,β内,P到β的距离为√3,Q到α的距离为2√3,则P,Q两点的距离的最小值为A.√2 B.2 C.2√3 D.4这两个立体几何问题,都是求最值,学生的得分很低,做对的学生也多是猜对的,那么这两个问题真的就那么难吗?究竟是哪里出了问题?难在什么地方?为什么这么多学生都不会做?     

探究案例一则

又到了第二课堂活动时间 ,笔者给出了下面这道题让同学们解答、探究 .题目　给定双曲线x2 - y22 =1,过点P( 1,1)能否作直线l ,使l与此双曲线交于Q1,Q2 两点 ,且点P是线段Q1Q2 的中点 ?不一会儿 ,S1同学给出了这样的解答 :假设存在符合题意的直线l,设Q1(x1,y1) ,Q2 (x2 ,y2 ) ,则有x21- y212 =1( 1)x22 - y222 =1( 2 )( 1) - ( 2 )得 :(x1+x2 ) (x1-x2 ) =12 ( y1+ y2 ) ( y1- y2 ) ,显然x1-x2 ≠ 0 ,y1+ y2 ≠ 0 ,∴有 y1- y2x1-x2=2 (x1+x2 )y1+y2,由P( 1,1)为线段Q1Q2 中点 ,有x1+x2 =2 ,y1+ y2 =2 ,则k =2 ,所求直线方程 :y =2x - 1…     

非自治ABS链方程的精确解:广义Cauchy矩阵方法（英文）

首先将Cauchy矩阵方法应用于非自治链系统,得到非自治Nijhoff-Quispel-Capel(NQC)方程及其精确解.这些解可以通过非自治离散色散关系和一个一般的带有任意常系数矩阵K的Sylvester方程来描述.然后建立了非自治NQC方程与非自治Adler-BobenkoSuris(ABS)链方程中Q3的联系,描述了非自治Q3方程与非自治ABS链中Q2,Q1,H3,H2,和H1方程之间的退化关系.这些联系与自治情形相似.最后利用方程间的退化关系,从非自治Q3方程的解得到了非自治Q2,Q1,H3,H2,和H1方程的解.论文实现了Cauchy矩阵方法的非自治化,给出了非自治ABS链方程之间的退化联系,对进一步研究非自治离散模型具有实际意义.