含绝对值不等式的“转化”错了吗——一类恒成立问题错误之剖析

湘教版《不等式选讲》教师教学用书中对f(x)＞g(x)与f(x)＜g(x)型不等式作了如下转化: │f(x)│＞g(x)(≒)f(x)＞g(x)或f(x)＜-g(x),(1);│f(x)│＜g(x)(≒)-g(x)＜f(x)＜g(x),(2). 但(1)在解决恒成立问题时却遇到了麻烦. 例1 已知不等式│a-2x│＞x-1在x∈[0,2]恒成立,求实数a的取值范围.     

“恒”字类问题的破解策略

"恒"字类问题是指"恒成立"、"恒不成立"、"不恒成立"问题,这类问题既是高考的热点,又是高考的难点之一.本文结合实例讨论"恒"字类问题的几种常用解题思路,望对同学们能有所帮助.一、恒成立问题1.用一次函数的性质对于一次函数f(x)=kx+b,x∈[m,n],有:f(x)＞0恒成立(→){f(m)＞0,f(n)＞0.f(x)＜0恒成立(→){f(m)＜0,f(n)＜0.例1 若不等式2x-1 ＞m(x2-1)对满足-2≤m≤2的所有m都成立,求x的范围.     

恒不等式性质的应用

恒不等式具有下述两个重要性质：（1）a≥f（x）恒成立a≥fmax（x）或a＞f(x）恒成立a＞fmax（x）；（2）a≤f（x）恒成立≤fmax（x）或a＜f(x）恒成立a＜fmin（x）．灵活运用上述两性质解题有时特别奏效．现举例说明如下：例1（1995年全国高考题）已知y＝loga（2—ax）在［0，1」上是x的减函数，则a的取值范围是（）（A）（0，1）（B）（1，2）（C）（0，2）（D）［2，十）解由复合函数的单调性及题设知：a＞1且2-ax>0在x[0，1]时恒成立．x=0时，2—ax＞0恒成立；x0时，由2—ax＞O得a＜，由性质（2）知a<（）min=2，故选（B）．例2（199…     

利用导数解不等式问题

本文举例说明导数在解(证)不等式中的应用. 例1 解不等式 8/(x+1)3+10/x+1-x3-5x>0. 解 设f(x)=x3+5x,因为f'(x)=3x2+5>0,∴f(x)在R上是单调递增函数.原不等式等价于f(2/x+1)>f(x),∴2/x+1>x,解得x<-2或-1相似文献   

逆用两个不等式解集的等式

我们熟知两个二次不等式解集的等式 {x|a(x-x1)(x-x2)<0}={x|x10}={x|xx2), 其中a>0且x1-2x的解集为(1,3)．若f(x)的晟大值为正数,求a的取值范围．     

Cn单位球上的一类Hilbert值函数的收敛性

本文主要研究了Cn单位球上Hilbert值Dμ,q函数的收敛性,得到了若f=∑α≥0xαzα∈Dμ,q,q＞(2n)/(μ),则φ(z)=∑α≥0‖xα‖zα∈Lipγ,其中0＜μ＜1(n=1)或0＜μ＜2(n＞1).此外还得到若f∈Dμ,q,q＞(2n)/(μ),则对几乎所有的{εα}有fω(z)∈H∞,其中0＜μ＜1(n=1)或0＜μ＜2(n＞1).在此过程中,我们利用了Banach空间几何学和Rademacher函数序列的知识.     

非线性项依赖于一阶导数的共振情形下二阶三点边值问题解的存在性和唯一性

本文致力于研究共振情形下二阶三点边值问题x″(t)+ f(t,x(t),x'(t))=0, t∈(0,1),x(0)=0, x(1)=ξx(η),其中f:[0,1]×R2→R是一个连续函数,ξ＞0,0＜η＜1满足ξn=1.运用先验界估计,微分不等式技巧和Leray-Schauder度理论得到了该边值问题解的存在性和唯一性.     

有理式的一次式估计与一类不等式问题

我们在解决一类不等式问题时 ,发现不等式的形式结构与有理式相关 .如果利用相应有理式的一次式估计 ,就能自然而简捷地解决这类问题 .我们容易证明下面的引理及定理 .引理　设有理式 f ( x)在 x =x0 处有定义 ,并且存在有理式 b( x)、a( x)满足下列两个条件 :( i) b( x)、a( x)在 x =x0 处有定义 ;( ii)当≠ x0 时 ,　　 b( x) =f ( x) - f ( x0 )x - x0( 1 )　　 a( x) =b( x) - b( x0 )x - x0( 2 )那么有理式 f ( x)可表示成f ( x) =a( x) ( x - x0 ) 2 　　　 b( x0 ) ( x - x0 ) f ( x0 ) . ( 3)这个引理指出有理式 f ( x)可转化为…     

一个重要函数不等式x/(x+1)≤ln(1+x)≤x及其应用

在导数的应用里很容易得到这样一个重要不等式x/(x+1)≤ln(1+x)≤x,(x＞-1,当且仅当x=0时取等号),通过利用这个不等式或者它的等价变形可以用来证明一些数列不等式或者函数不等式的问题,下面搜集了在近年来的部分省份高考试题中的一些应用.例1 (2008年山东理21)已知函数f(x)=1/(1-x)n+aln(x-1),其中n∈N*,a为常数.(Ⅰ)当n=2时,求函数f(x)的极值;(Ⅱ)当a=1时,证明:对任意的正整数n,当x≥2时,有f(x)≤x-1.     

由一道高考题引发的探索与思考

1 问题出现 孰是孰非 高考结束的第二天,班里平时爱动脑筋的学生甲来问笔者:“李老师,12题怎么做?”作为最后一道选择题,此题必有含金量,笔者极为重视. 题1(2015全国理Ⅱ-12)设函数f'(x)是奇函数f(x)(x∈R)的导函数,f(-1)=0,当x＞0时,xf'(x)-f(x)＜0,则使得f(x)＞0成立的x的取值范围是() A.(-∞,-1)∪(0,1) B.(-1,0)∪(1,+∞) C.(-∞,-1)∪(-1,0) D.(0,1)∪(1,+∞) 笔者的解答是:由题意,设h(x)=f(x)/x,则h'(x)=xf'(x)-f(x)/x2.由于f(x)(x∈R)是奇函数,f(-1)=0,所以f(1)=0,f(0)=0,函数f(x)有这三个零点.显然h(x)是偶函数,由于xf'(x)-f(x)＜0,故当x＞0时,h'(x)＜0,h(x)在(0,+∞)上单调递减,因此,h(x)在(-∞,0)上单调递增.当x∈(-∞,-1)时,h(x)=f(x)/x＜0,f(x)＞0;当x∈(-1,0)时,h(x)=f(x)/x＞0,f(x)＜0;当x∈(0,1)时,h(x)=f(x)/x＞0,f(x)＞0;当x∈(1,+∞)时,h(x)=f(x)/x＜0,f(x)＜0.故综上,x∈(-∞,-1)∪(0,1),选A.     

一类奇异半线性反应扩散方程初值问题解的存在性

本文获得了如下的奇异半线性反应扩散方程初值问题{(e)u/(e)t-(1/tσ)△u=up+f(x),t＞0,x∈Rnlim t→0+ u (t,x)=0, x∈Rn广义解(mild solution)在L∞ loe[(0,∞);L∞(Rn)]中的存在性.其中σ＞0,0＜p＜1,f(x)非负且f(x)∈L∞(Rn).     

二维抛物型方程的一族高精度分支稳定显格式

1 引言 在渗流、扩散、热传导等领域中经常会遇到求解二维抛物型方程的初边值问题 {(6)u/(6)=a((6)2u/(6)x2+(6)2u/(6)y2), 0＜x,y＜L,t＞0,a＞0u(x, y, 0) =φ(x, y), 0 ≤ x, y ≤ L (1)u(0,y,t) =f1(y,t),u(L,y,t) =f2...     

函数不等式中的参数取值范围的求解方法

<正>求函数不等式f(x)≥g(x)中的参数的取值范围(最值)的方法到底有几种?何时用哪种方法求解速度快?对此问题,本文作一些归纳、总结、探究,以飨读者朋友.例1定义在R上的奇函数f(x)对任意x¹,x1,x²(x2(x¹≠x1≠x²)都有(x2)都有(x¹-x1-x²)[f(x2)[f(x¹)-f(x1)-f(x²)]<0.若实数a,b(a>0)使得不等式f(a2)]<0.若实数a,b(a>0)使得不等式f(a²e2e^a-aa-a²)     

一个积分不等式的九种证明方法

积分不等式是微积分学中一类常见而又重要的不等式,其证明方法多种多样．分别用定积分的定义、积分变限函数、积分第一、第二中值定理、微分中值定理等九种方法证明积分不等式∫0^1xf（x）dx≥1/2∫0^1f（x）dx（其中f（x）在[0,1]上连续而且单调递增）,借此介绍证明积分不等式的几种常用的方法．     

剖析命题修正结论完善简解

文[1]给出了如下命题:命题如果x＞0时,f(x),g(x)连续可导,且limx→0f(x)=limx→0g(x),则当x≥0(或x＞0)时,若f(x)≥g(x)恒成立,那么f′(x)≥g′(x)恒成立.并利用该命题简解了一类高考压轴题:“对(A)x≥0,f(x)≥g(x)或f(x)≤g(x)恒成立,其中f(x)或g(x)含参数a,试确定参数a的取值范围.”简解的思路是:对(A)x≥0,只要对f(x)≥g(x)或f(x)≤g(x)两边取导数,再从f′(x)≥g′(x)或f′(x)≤g'(x)中分离出参数a,转化为最值问题.     

对《一类绝对值不等式(方程)的特殊解法》的一点意见

《中学数学》1 9 83年第4期上《一类绝对值不等式(方程)的特殊解法》一文中,介绍了一个定理。 定理如果厂(‘)十叫x))o,则不等式}f(‘)I丫印(、)与不等式f(x)V甲(x)同解。(符》O”〔1)改为“f(x)+印(x)>o,,(2)或改为 “脚f(万)、n甲(x)》0(m、儿>0刘.于(1),我们有,n>”)”。气“V”镇”,表示“>”,“<,,,“》,,、中、的任一种) 定理1}f(x)!夕甲( 证明如果f(x)+甲执)>0,则不等式x)与不等式厂(x))甲(二)同汗。·:}厂(x)l》印(x),即厂(x)乒印(x)来解 这里要指出的是,当这个定理中的“V”为“>”,“<”,“(”时,此定理是成立的,当“丫”为“》…     

凸函数在不等式证明中一个应用

凸性是函数的一个重要性质,在数学中有许多重要的应用．本文讨论二阶可微的凸函数在证明初等数学不等式时的灵活应用．设厂(x)是定义．f(x)在区间Ω上的函数,若对任意x1,x2∈Ω和A∈[0,1],成立f(λx1+(1-λ)x2)≤λf(x1)+(1-A)f(x2),则称函数厂(x)在n上是凸函数．     

不等式f(x)·(g(x))~(1/2)≥0的解法

解不等式 f(x)·g(x) ≥ 0极易出现漏解或增解 ,最常见的错误解法是 ,将 f(x)·g(x) ≥ 0转化为不等式组 f(x)≥ 0 ,g(x)≥ 0 .须知 f(x)·g(x) >0与 f(x) >0 ,g(x) >0同解 ,但是 f(x)· g(x) ≥ 0与f(x)≥ 0 ,g(x)≥ 0并不同解 .那么 ,怎么解此类不等式呢 ?下提供三种基本的解法供参考 .方法 1　将关系符号分解符号“≥”是由“ >”与“ =”复合而成 ,这样解不等式 f(x)·g(x) ≥ 0可以转化为解不等式 f(x)· g(x) >0与解方程 f(x)·g(x) =0 .例 1　解不等式 (x - 4 ) x2 - 3x - 4 ≥ 0 .解　原不等式可以转化为 (x - 4 )x2 - 3x - 4>0或 (…     

STRONG CONVERSE INEQUALITY FOR SZASZ-DURRMEYER OPERATORS

For Szasz-Durrmeyer operators Ln (f,z), 1＜ p≤∞, we prove that, forsome m, w^2φ(f,1/√n)p ≤(≤M(││Ln,f,x) - ,f││p ││Lmn(f, x) -f││p),where φ(x)^2 =x, M ＞0,w^2φ(f,t)p is Ditzian-Totik modulus of smoothness.     

变上限积分integral from n=a to x () f(t)dt的一个应用

本文将利用变上限定积分构造辅助函数的方法，建立并证明一类新的积分不等式。定理1设f（x）在［a，b］上连续，在（a，b）内可导，f（a）=0，如果．那么如果广（x）＞l，那么不等式（l）反向，且仅当人x）20，入。）一x－a或几。）一lr－a＋b＿I。＿。、上三二时等号成立。2”“。、——～。证明对于任意给定的t6［a，b」，构造函数对t求导数得：F’（t）二由厂（t）＞O，知f（）单调递增，又f（）一O，故f（）＞O，tC［a，hi又O＜／（t）＜1，．”．G’（t）＞O，G（t）单调递增。”．’G（a）一O．”．G（t）＞O即产（t）一G（t）f…