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证明三角形不等式的一种方法方明(四川省平昌二中635400)众所周知,△ABC的内切圆在三个切点处把三边a,b,c分成a=y+z,b=z+x,c=x+y,()其中x,y,z均为正数.应用代换(),可将三角形的边元不等式在条件b+c>a,c+a>b... 相似文献
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一个不等式的图证及推广 总被引:1,自引:0,他引:1
题目:若x,y,z为正实数,则x2+xy+y2+y2+yz+z2+z2+zx+x2≥3(x+y+z);(当x=y=z时取等号);文[1]中,对上述不等式提出一个简洁图证;本文再对该不等式给出一个更具一般意义的有效图证,并进而给出其推广及证明;证明:原不等式左边等于x+y22+32y2+y+z22+32z2+z+x22+32x2;构造图(1),设AF=x+y2,DG=y+z2,EH=z+x2,DF=32y,EG=32z,BH=32x;由勾股定理得:AB=AC2+BC2=x+y2+y+z2+z+x2… 相似文献
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四面体中几个不等式的加强 总被引:1,自引:0,他引:1
四面体中几个不等式的加强257300山东广饶第一中学侯良田本文对文以[1]中定理1、2的不等式进行加强.为此先证明如下两个引理.引理1x,y,z,w均为正数,且.则证明(x+y+z+w)=x3+y3+z3+w3+6(xyz+yzw+zwx+wxy)+... 相似文献
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文[1]给出了杨学枝老师提出的一个不等式的证明.本文利用一个递推关系给出这一不等式的一个加强的不等式链及其它不等式.设以实数x、y、z为根的一元三次方程为t3+pt2+qt+r=0由根与系数间的关系知:p=-(x+y+z),q=xy+yz+zx,r=... 相似文献
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作为书[1]“数形结合”一章的首例,形如x21+y21+x22+y22≥(x1+x2)2+(y1+y2)2的不等式,以其优雅的几何证法[1]~[3]令某些纯代数证法相形见拙.现利用柯西不等式将其推广为(字母均表实数):∑nk=1x2k+y2k+…+z... 相似文献
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谈谈变换的一个有趣作用党庆寿(江苏江都市大桥高级中学225211)众所周知,若x,y,z∈R+,则有x+y+zyz+zx+xy(1)x+y+z33xyz(2)本文将通过对(1)作变换证明(2),并意外地得到一个非常有趣的不等式链,从而说明“变换”... 相似文献
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利用柯西不等式证点到直线的距离公式姚义民(陕西富平立诚中学711711)笔者遇到过这样一道题:已知2x+4y=1,求x2+y2的最小值.利用柯西不等式2i=1a2i2i=1b2i≥(2i=1aibi)2得1=(2x+4y)2≤(22+42)(x... 相似文献
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二次曲线分线段的比及其应用西安市西光中学刘康宁为了叙述方便,我们把二次曲线方程Ax2+Bxy+Cy2+Dx+Ey+F=0(A、B、C不全为零)记作F(x,y)=0,经过代换所得方程命题设经过M(x1,y1)、N(x2,y2)两点的直线与二次曲线F(x... 相似文献
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一个代数不等式的初等证法江海涛袁昌斌(安徽马鞍山高级职业学校243011)福建杨学枝老师1994年提出了如下猜想:设x,y,z∈R,且x+y+z=0,n∈N,则2n1(x2n+y2n+z2n)(x2+y2+z2)n(1)1996年,湖南农业大学陈... 相似文献
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一个代数不等式的证明410128湖南农业大学225#陈宽红定理设x,y,z∈R且x+y+z=0,n∈N,则这是福建杨学枝老师于1994年提出的一个猜想,本文将证明此猜想.证(1)当n=1,2时,①式显然成立.(2)考察n≥3,n∈N的情形.1°若x,... 相似文献
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一个最值不等式的两点新见孙超(浙江嘉善一中314100)1问题的由来与提出现行高中《代数》(下册)P9页例3介绍了一个最值不等式,原题如下:已知x,y∈R+,x+y=S,xy=P,求证:(1)如果P是定值,那么当且仅当x=y时,S的值最小;(2)如果... 相似文献
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《平面解析几何》课本P70第3题是这样一道习题:已知一个圆的直径端点是A(x1,y1),B(x2,y2).证明圆的方程是(x-x1)(x-x2)+(y-y1)(y-y2)=0.这里证明从略.现将圆的方程变形为,x2-(x1+x2)x+x1x2+y2-(y1+y2)y+y1y2=0.式中的一次项及常数项明确显露出韦达定理特征,据此着眼,对于某些直线与曲线相交问题,可将直线方程代入曲线方程分别得出关于x及y的一元二次方程.直接叠加即得以直线被曲线所截弦长为直径的圆的方程.以抛物线为例,有如下命题:设… 相似文献
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证明不等式的几种常用置换方法黄启林(华南师大附中510630)不等式是高中数学竟赛中的一个重要内容,证明不等式又是其中的一个难点,本文谈一谈证明不等式的几种常用置换方法.一、均值置换若条件中出现x1+x2+…+xn=a的形式,常可考虑如下置换:设x,... 相似文献
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两个不等式的简捷证法 总被引:1,自引:0,他引:1
下面给出的两类不等式问题,一般是通过代换的方法证明.本文给出直接简捷的证明.命题1 设xi∈R+(i=1,2,…,n)且x211+x21+x221+x22+…+x2n1+x2n=a(0<a<n),求证:x11+x2+x221+x22+…+x2n1+x2n≤a(n-a)①证 由题设易知:11+x21+11+x22+…+11+x2n=n-a.由于 11+x2k+n-aa·x2k1+x2k ≥211+x2k·n-aa·x2k1+k2k =2n-aa·xk1+x2k)(k=1,2,…,n),此n式相… 相似文献
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积分型Hilbert定理的改进与应用 总被引:9,自引:1,他引:8
本文建立如下权函数的不等式w (x) = ∫∞01x + y + 1(x + 1y + 1)1/2dy ≤π[1 - 1 - 2/π(x + 1)1/2] (x ∈[0,∞)),这里,常数1- 2/π是最佳值,从而改进了积分型Hilbert定理,作为应用,建立一个Hilbert类积分不等式及其加强式;并改进推广了Hardy-Littew ood 积分不等式. 相似文献
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