函数序列a_n(x)=x■x的收敛性问题

迈克尔·斯皮瓦克所著“微积分”一书第二十一章的一个习题中,提出了函数序列(n=1,2,3……)的收敛区间问题。作者在解题提示中指出:当0相似文献   

Weitere Untersuchungen über die ternäre biquadratische Formf =x 1 3 x 2+x 2 3 x 3+x 3 3 x 1

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活用点（x1＋x2，x1x2）的轨迹方程解题

在学习直线与圆锥曲线的位置关系时,不少学生使用韦达定理具有一定的盲目性.特别是遇到较复杂的问题时,更是如此.对此,在教学中我们给学生装上“轨迹思想”的方向盘,使问题有了很好的解决.我们引入弦的端点坐标(x1,y1),(x2,y2),构造点(x2+x2,x1x2),或点(y1+y2,y1y2),先求出点的轨迹方程,再结合韦达定理求出该点的坐标,代入所求轨迹方程,或利用点的存在域x1x2≤14(x1+x2)2,然后求解.这样处理,思路清晰,许多问题迎刃而解.例1已知A,B为抛物线y2=2px(p>0)上两点,且OA⊥OB,原点O在AB上的射影为D(2,1),求此抛物线方程.解设A,B的坐标分别为(x1…     

话说不等式x1x2＜0

1 高中教师的赛题以下的这道赛题,本来是用来考高中教师的:赛题试求最大的常数λ,使得下列不等式对于满足条件x+y+z=0的实数x,y,z恒成立:1/5x2+6x+12+1/5y2+6y+12+1/5z2+6z+12≤λ趣事 一位初中学生看到了这道题目,他说式中的λ=1/4.     

话说不等式x1x2＜0

1 高中教师的赛题以下的这道赛题,本来是用来考高中教师的:赛题试求最大的常数λ,使得下列不等式对于满1足条件x+y+z=0的实数x,y,z恒成立:1/5x2+6x+12+1/5y2+6y+12+1/5z2+6z+12≤λ.     

一个重要函数不等式x/(x+1)≤ln(1+x)≤x及其应用

在导数的应用里很容易得到这样一个重要不等式x/(x+1)≤ln(1+x)≤x,(x＞-1,当且仅当x=0时取等号),通过利用这个不等式或者它的等价变形可以用来证明一些数列不等式或者函数不等式的问题,下面搜集了在近年来的部分省份高考试题中的一些应用.例1 (2008年山东理21)已知函数f(x)=1/(1-x)n+aln(x-1),其中n∈N*,a为常数.(Ⅰ)当n=2时,求函数f(x)的极值;(Ⅱ)当a=1时,证明:对任意的正整数n,当x≥2时,有f(x)≤x-1.     

走近函数f(x)={x}

题目 (2009年湖北文9)设x∈R,记不超过x的最大整数为[x],令{x}=x-[x],则{√5+1/2},[√5+1/2],√5+1/2 　　A.是等差数列但不是等比数列 　　B.是等比数列但不是等差数列 　　C.既是等差数列又是等比数列 　　D.既不是等差数列也不是等比数列……     

A∩B={x|x∈A或x∈B}?!

众所周知,AU∪B={x|x∈A或x∈B},但我们发现,用它来解下面的一道题,结果却是错误的,而用A∩B={x|x∈A或x∈B)求解,结果恰好是正确的,不信,请看题目求方程tgx·tgx/2=0的解集, 解法1 方程tgx·tgx/2=0的解集为{x|     

Absolute Valued Algebras Satisfying ( x 2, x 2, x 2) = 0

Abstract

Let A be an absolute valued algebra. We prove that if A satisfies the identity (x ², x ², x ²) = 0 for all x in A, and contains a central idempotent e, that is ex = xe for all x in A, then A is finite dimensional. This result enables us to prove that if A satisfies (x ², x ², x ²) = 0 and admits an involution then A is finite dimensional. To show that our assumptions on A are essential we recall that in El-Mallah [El-Mallah, M. L. (1988). Absolute valued algebras with an involution. Arch. Math. 51:39–49] it was shown that the existence of a central idempotent in A is not a sufficient condition for A to be finite dimensional; and the example given in El-Mallah [El-Mallah, M. L. (2003). Semi-algebraic absolute valued algebras with an involution. Comm. Algebra 31(7):3135–3141] shows that there exist infinite dimensional semi-algebraic absolute valued algebras satisfying the identity (x ², x ², x ²) = 0.     

Sur les Mesures Simultanement Invariantes Pour les Transformations x » {λx} ET x » {βx}

We show that for reasonable couples of Pisot number and , there is no measure simultaneously invariant by the two transformations of [0, 1], x {x} and x {x}, and Bernoulli (or weak Bernoulli) for one of the transformations.     

Ueber die Transcendente FunctionQ(x)=Д(x)−P(x)

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巧用代换x=x+a-a证明不等式

数学素质教育的核心问题是培养数学创新能力.在不等式证明中引进创新方法:巧用代换x=x+a-a证明不等式,可收到较好的效果,下面举例说明.例1证明:对于和为1的正实数a1,a2,     

关于f~n（x）＝x的讨论

关于ｆ~ｎ（ｘ）＝ｘ的讨论张伟年（中国科学院成都计算所数理中心６１００４１）首先从一简单的中学数学题谈起．问题ｘ和ｃ为实数，求：（ａ）满足ｆ（ｆ（ｘ））＝ｘ的ｃ值；（ｂ）满足ｆ（ｆ（ｘ））＝ｘ的ｘ值．解由ｆ（ｆ（ｘ））＝ｘ，ｘ≠０得显然当２ｘ－１＝０?..     

巧用代换x=x＋a-a证明不等式

数学素质教育的核心问题是培养数学创新能力.在不等式证明中引进创新方法：巧用代换x=x＋a-a证明不等式,可收到较好的效果,下面举例说明.例1证明：对于和为1的正实数a1,a2,     

(x+a)(x+b)(x+c)(x+d)+e型多项式的因式分解

<正>四次多项式(x+a)(x+b)(x+c)(x+d)+e型的因式分解是因式分解问题中一类重要情形,对于比较一般的常数a,b,c,d,e情形,也并没有什么通用的办法,但当a,b,c,d依次间隔相同的值时,对某些相应特定的常数e(从因式分解的角度来说,e≠0,否则题目本身就已满足要求,无需再做变化),还是有一般性的处理思路的,具体办法是:先将前面四项相乘部分局部展开,展开手法是两两相乘,即将最