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2006年全国高考数学湖北卷(理15题改编):如图1,将杨辉三角形中的每一个数Crn都换成分数1/(n+1)Crn就得到一个如图1所示的分数三角形,称为莱布尼茨三角形,从莱布尼茨三角形可以看出1/(n+1)Crn+1/(n+1)Cxn=1/nCrn-1, 相似文献
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《中国科学:数学》2017,(5)
Gyrfs(1975)和Sumner(1981)分别独立地提出了以下猜想:对于任意的树T,存在一个函数f_T(x)使得每一个色数大于f_T(ω(G))的图均包含T作为诱导子图,其中ω(G)表示图G的团数.Gyrfs等(1980)证明了,若一个图G不含三角形和长为4的圈,则G含有任一个χ(G)个顶点的树作为诱导子图.另外,他们还证明了,若G不含三角形,且χ(G)≥m+n,则G一定包含一个特殊的树(m,n)-mop作为诱导子图.本文推广了Gyrfs等(1980)的这两个结果,证明了(1)若图G的任一个顶点至多含在k个三角形和l个长为4的圈中,且χ(G)≥t+2k+2k,则G包含任一个t个点的树作为诱导子图;(2)若图G中的每一个顶点至多包含在k个三角形中,且不能够诱导出T,则χ(G)m(k+1)+n,其中T为(m,n)-mop. 相似文献
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高三代数书上介紹賈先三角形,粗看起来內容不多,其实大可研究。茲以实例說明。 (一)課本上提到在賈宪三角形里面除1以外的每一个数都等于它肩上两个数的和,我就抓住这一道理,通过图解首先让同学牢固掌握課本第9頁[例2]C_m~n+C_m~(n+1)=C_(m+1)~(n+1)这一組合性貭。(图解見图1) 在掌握这一图解法的基础上,我帮助同学拓展知識領域,先把C_m~n+C_m~(n+1)=C_(m+1)~(n+1)改写为C_1~1·C_m~n++C_1~0·C_m~(n+1)=C_0~0·C_(m+1)~(n+1)的形式,而在“图1”中以C_m~n,C_m~(n+1)C_(m+1)~(n+1)为頂点的三角形适巧与以C_1~1,C_1~0,C_0~0为顶点的三 相似文献
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《数学的实践与认识》2017,(21)
关于平面图的平衡二部子图的研究有一个猜想:任意一n个顶点的平面图G(V,E),必含有一个平衡二部子图G(V_1,V_2)使得e(V_1,V_2)≤n.证明了若n个顶点的哈密尔顿平面图G(V,E)中含有一个近似等边三角形,n≥18,那么G(V,E)必含有一个平衡二部子图G(V_1,V_2)使得e(V_1,V_2)≤n. 相似文献
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一个三角形个数的计算问题 总被引:2,自引:0,他引:2
问题 :将圆周 n等分 ,在 n个等分点中 ,任取三个点都能构成一个三角形 ,那么 ,在这些三角形中 ,直角三角形、钝角三角形、锐角三角形各有多少个 ?目前未见有人对这一问题进行研究 .笔者发现 ,各种三角形个数与方程x1 x2 … xm =n的正整数解的个数有关 ,因而试着利用求相应方程的整数解的方法来计算有关三角形个数 ,非常方便 .为此 ,先给出前述方程的正整数解的个数的一个结论 .方程 x1 x2 … xm =n( m≤ n,m、n∈ N ,n≠ 1 )的正整数解的个数是 Cm - 1n- 1.证明 当 m =1时 ,方程只有一个解 ,结论显然成立 .设 m >1 ,如图 1 ,将 n… 相似文献
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1 一个有趣的数列题题 给定正整数n(n≥2)按下方式构成倒立三角形表,第一行依次写上数1,2,3,…,n,在每一行的每相邻两个数的下方写上这两个数之和,得到第二行的数(比上一行少一个数),依次类推,最后一行(第n行)只有一个数,例如n=6时数表如图所示,则当n=2009时最后一行的数是____. 相似文献
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2009年湖南理科卷第15题为:
将正△ABC分割成n^2(n≥2,n∈N^*)个全等的小正三角形(图1、图2分别给出了n=2,3的情形),在每个三角形的顶点各放置一个数, 相似文献
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《中学生数学》2003,(24)
初一年级1.∵ a +b =1a+ 1b=a +bab ≠ 0 ,∴ ab =1, ∴ (ab) 2 0 0 3=1.2 .(1) 1△ 9=1× 9+ 1+ 9=19,(1△ 9)△ 9=19△ 9=199,[(1△ 9)△ 9]△ 9=199△ 9=1999.(2 )猜想 (… ((1△ 9)△ 9)…△ 9n个 9)=199… 9n个 9.3 .观察可知 ,图①中有 5个三角形 ;图②将图①出现了三次 ,又多出 2个三角形 ,故而②中有三角形个数为 5× 3 + 2 =17(个 ) ;图③包含三个图②又多 2个三角形 ,故而图③中三角形个数为 17× 3 + 2 =5 3 (个 ) ;依此类推图④中三角形个数为5 3× 3 + 2 =161(个 ) .初二年级1.由 a(1b+ 1c) +b(1a+ 1c) +c(1a+ 1b) =-3… 相似文献
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图的交叉数是图的一个重要参数,研究图的交叉数问题是拓扑图论中的前沿难题.确定图的交叉数是NP-难问题,因为其难度,能够确定交叉数的图类很少.通过圆盘画法途径,确定了一个特殊6点图与n个孤立点nK_1,路P_n及圈C_n的联图的交叉数分别是cr(Q+nK_1)=Z(6,n)+2[n/2],cr(Q+P_n)=Z(6,n)+2[n/2]+1及cr(Q+C_n)=Z(6,n)+2[n/2]+3. 相似文献
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Garey和Johnson证明了确定图的交叉数问题是一个NP-难问题.目前,已确定交叉数的图类并不多.本文证明了一个特殊6阶图与n个孤立点,路P_n及圈C_n的联图的交叉数分别是cr(Q+nK_1)=Z(6,n)+n;cr(Q+P_n)=Z(6,n)+n+1及cr(Q+C_n)=Z(6,n)+n+3. 相似文献
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通过比较两个图的色多项式的系数(本文使用了五独立集数)、顶点集、边集、三角形和四圈的个数,证明了K(2,2,6)是色唯一图,从而部分地回答了文[5],[7]中遗留的一个问题,并得到图K(n,n,n 4)(n=2或n 4)是色唯一的. 相似文献
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设G=(V(G),E(G))是一个图,k是一个正整数.称一个顶点子集S为G的kk-控制集,若V(G)\S中的每个顶点在S中至少有k个邻点,我们用rk (G)表示kk-控制集的最小阶数.令d1≤d2≤…≤dn为图G的度序列.当n为偶数时,度序列中位数m(G)=dn/2+1,当n为奇数时,度序列中位数m(G)=dn+1/2.一个仍未解决的Graffiti.pc猜想说:对任一n个顶点的连通图G,r2(G)≤n-m(G)+1.首先我们证明了此猜想的一个弱形式:r2(G) ≤n-d1+1.此外,通过拓展此猜想在二部图上的结果,我们证明了对最小度不小于2的无三角形图G,r2(G)≤n-Δ(G),其中Δ(G)为图G的最大度.众所周知,每一个其边数不少于顶点数的图都包含一个圈.我们将此结论推广到超图上.进而得到上述猜想对所有分裂图都成立. 相似文献
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设G是一个具有二分类(X_1,X_2)的简单偶图,|X_1|=|X_2|=n,如果对于给定的c>0,|M(S)|≥(1+c)|S|对任意满足|S|≤n/2的S(?)X_i(i=1,2)都成立,其中N(S)是S的邻集,则称G是(n,c)-扩张图.给出了(n,c)-扩张图的k-匹配数与完美匹配数之比的顺从界. 相似文献