解一道高考题后的反思

题：设a为实数，记函数f（x）=a√1-x^2＋√1＋x＋√1-x的最大值为g（a）． （1）设t=√1＋x＋√1-x,求t的取值范围，并将f（x）表示为t的函数m（t）．     

一道2009年希望杯填空题的简解

问题（第十二届希望杯全国数学邀请赛高二第1试第20题）方程√4-2√3sin x＋√10-4√3sin x-6cos x=2的解是x=_____     

2008年上海市高考数学（理）第11题赏析

上海市2008年高考数学（理）第11题为：题目方程x^2＋√2x-1=0的解可视为函数y=x＋√2的图像与函数y=1/x的图像交点的横坐标，若方程x^4＋ax-4=0的各个实根x1,x2,…,xk（k≤4）所对应的点（xi,4/xi）（i=1,2,…,k）均在直线y=x的同侧，则实数a的取值范围是______.     

抓住本质 证明猜想

在本刊2008年第3期,张老师在《对一道习题的联想与拓展》中提出这样一个猜想：如果x＋1/x=2,,则n√x＋1/n√x=2（n≥2的正整数）．下面我们来证明此猜想成立．     

对一道2009年希望杯填空题的解析

问题（第十二届希望杯全国数学邀请赛高二第1试第20题）方程√4-2√3sinx＋√10-4√3sinx-6cos-x=2的解是x=_________.     

西班牙数学竞赛一题推广的另证

第31届西班牙数学奥林匹克第2题为 命题1如果（x＋√x^2＋1）（y＋√y^2＋1）=1,则x＋y=0．文[1]给出下面推广： 命题2如果m〉0,x,y∈[m,＋∞）或x,y∈（-∞,＋m]且（x＋√x^2-m^2）（y＋√y^2-m^2）=m^2,那么x=Y． 文[1]采用换元法证明了命题2,仔细研读后笔者给出命题2的另一种简洁证法。     

高阶混合中立型微分方程的振动性质（英文）

研究一类高阶混合中立型微分方程：x（t）＋ax（t-γ）-bx（t＋σ）]~（（m））＋δ（q（t）x（t-g）＋p（t）x（t＋h））=0,其中a,b,γ,σ,g,h是正常数,P,q∈C（R~＋,R~＋）,δ=士1,m≥1是整数.得到了方程振动的判据.     

一数学竞赛题变式推广的简证

命题 如果m〉0,x,y∈[m,＋∞）,或x,y∈（-∞,m],且（x＋√x^2＋m^2）（y＋√y^2＋m^2）=m^2,那么x=y．     

两个新的可积类型的微分方程

研究方程y^1=f（x,y）的可积性,建立了两个可积类型的微分方程y^1=g（x）h（^y——φ（x））＋^φ^1（x）——φ（x）y和^1=^φ（x）——xg（^y——φ（x）＋x^8（^y——φ（x））＋^φ^1（x）——φ（x））y应用变换y=φ（x）u,它们可分别化为x^au′=g（x）h（u）和^dx——du=g（u）x＋h（u）x^β进行求解．     

数学问题解答

1561 已知函数y=f（x）=ax^2＋bx＋c，其中a〉b≥0〉c，a＋b＋c=0，（1）试证：方程f（x）=-a有实数根，（2）设方程f（x）=-a的两实根为x1，x2，问能保证f（x1＋m）和f（x2＋m）中至少一个为正数的实数m是否存在？若存在，确定m的取值范围。     

2007年江苏高考数学压轴题的巧思妙解

题目 已知a，b，c，d是不全为零的实数，函数f（x）=bx^2＋cx＋d，g（x）=ax^3＋bx^2＋cx＋d．方程f（x）=0有实数根，且f（x）=0的实数根都是g（f（x））=0的根；反之，g（f（x））=0的实数根都是f（x）=0的根     

三视角求解一道参数取值范围高考题

2010年高考湖北卷理科第（9）题为：若直线y=x＋b与曲线y=3-√4x-x^2有公共点,则实数b的取值范围是 （ ） （A）[-1,1＋2√2]． （B）[-1-2√2,1＋2√2]． （C）[1-2√2,3]． （D）[1-√2,3]．     

不等式背景下的函数求值问题

众所周知,不等式a≤c≤a中蕴涵着等量关系c=a,不等式g（x）≤f（x＋k）-f（x）≤g（x）（x∈R）中蕴涵着等量关系f（x＋k）-f（x）-g（x）．若函数g（x）已知,再给出f（x0）的值以及n（n∈R且n≥2）,就可以求出f（x0＋nk）=f（x0）＋∑i=0^n-1g（x0＋ik）这一函数值．     

On the Boundary Behaviour,Including Second Order Effects,of Solutions to Singular Elliptic Problems

For γ≥1 we consider the solution u=u（x） of the Dirichlet boundary value problem Δu ＋ u^-γ=0 in Ω, u=0 on δΩ. For γ= 1 we find the estimate u（x）=p（δ（x））[1＋A（x）（log 1/δ（x）^-6], where p（r） ≈ r r√2 log（1/r） near r = 0,δ（x） denotes the distance from x to δΩ, 0 〈ε 〈 1/2, and A（x） is a bounded function. For 1 〈 γ 〈 3 we find u（x）=（γ＋1/√2（γ-1）δ（x））^2/γ＋[1＋A（x）（δ（x））2γ-1/γ＋1] For γ3= we prove that u（x）=（2δ（x））^1/2[1＋A（x）δ（x）log 1/δ（x）]     

一道赛题变式的简解

第31届西班牙数学奥林匹克第2题为：如果（x＋√x^2＋1）（y＋√y^2＋1）=1，那么x＋y=0． 在《数学通讯》网站论坛上，一位网友提出了该题的如下变式，并发贴向各位求教：     

希望杯一试题的拓展

2011年第二十二届＂希望杯＂全国邀请赛高一第一试第21题：√（x^2-2x＋5）＋√（x^2-8x＋25）的最小值为______,此时x=.解√（x^2-2x＋5）＋√（x^2-8x＋25）=√{（x-1）^2＋2^2）}＋√{（x-4）^2＋3^2）},此式的几何意义为点P（x,0）到点A（1,2）和B（4,3）的距离之和的最小值.     

On the Non-Commutative Neutrix Product of the Distributions x＋^λ and x^＋μ

Let f and g be distributions and let gn = （g ＊ δn）（x）, where δn （x） is a certain converging to the Dirac delta function. The non-commutative neutrix product fog of f and g to be the limit of the sequence {fgn }, provided its limit h exists in the sense that sequence is defined N-lim n-∞（f（x）g,, （x）, φ（x）〉 = （h（x）, φ（x）},for all functions p in 2. It is proved that （x^λ＋1n^px＋）0（x^μ＋1n^qx＋）=x＋^λμ1n^p＋qx＋,（x^λ-1n^qx-）=x-^λ＋μ1n^p＋qx-,for λ＋μ〈-1; λ,μ, λ＋μ≠-1,-2…and p,q=0,1,2……     

争鸣

问题122求函数，f（x）=（x-2）√x^2-5x＋4的定义域．     

一道高考题的推广的三角证明与其他

张乃贵老师在本刊文[1]中将2008年高考重庆理科卷第4题推广为： 命题1函数f（x）=λ1√x-a＋λ2 √b-x（λ1〉0,λ2〉0,b〉a）的最大值为[f（x）]max=√（λ1^2＋λ2^2（b-a））最小值为[f（x）]max=min{f（a）,f（b）}．     

谈一道课本习题与一个常见不等式的简证

题 若a,b∈（0,1）,求证：√a^2＋b^2＋√a^2＋（1-b）^2＋√（1-a）^2＋b^2＋√（1-a）^2＋（1-b）^2≥2√2