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1.
设S为正整数,Ω(S),Z(S),H(S)分别表示方程∑i=1^s 1/xi+1/x1…xs=1、Znám问题以及同余式组x1…xi-1xi+1…xs+1≡0(modxi)的解数.作者给出了两种构造方程的解的新方法,证明了Ω(8)≥73,Ω(10)≥279,Ω(10)≥576,并且进一步改进了方程的解数、Znám问题题以及同余式组的解数,证明了当2|s≥12时,Ω(s+1)≥Ω(s)+101,且在2 s≥11时,Ω(s+1)≥Ω(s)+70. 相似文献
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3.
证明了对任意正整数B,Ramanujan-Nagell型方程x2+2n=B的非负整数解(x,n)的组数不超过3,从而解决了Ulas关于Ramanujan-Nagell型方程x~2+k~n=B在k=2时的解数猜测. 相似文献
4.
林木元 《辽宁师范大学学报(自然科学版)》2006,29(3):292-295
设m是偶数,r是奇数;又设Ur、Vr是适合Vr+Ur√-1=(m+√-1)^r的整数.笔者证明了:当a=|Vr|,b=|Ur|,c=m^2+1,r=3(mod4),m〉r/π且m是2的方幂时,指数丢番图方程仅有正整数解. 相似文献
5.
利用递归数列、同余式证明了丢番图方程x^3+1=86y^2仅有整数解(x,y)=(-1,0),(7,±2)。 相似文献
6.
证明了当n,x,r为正整数县r〉3,s为非负整数,(Ⅰ)r为奇数,d2=40s+2,22.(Ⅱ)r为偶数,d2=40s+12,d2=80s22,42gcd(x,d2)=1,丢番图方程∑(n-1,k=0)(x+d2k)^r=(x+d2n)^r无整数解。 相似文献
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一类指数丢番图方程的解数 总被引:1,自引:0,他引:1
乐茂华 《吉首大学学报(自然科学版)》2000,21(3):27-32
设 a, b , c, k 是适合 a + b = ck, gcd( a, b) = 1, c∈ { 1, 2, 4} , k > 1且 k 在c = 1或 2 时为奇数的正整数;又设ε= ( a + - b ) / c,ε = ( a - - b ) / c. 证明了:当( a, b, c, k )≠( 1, 7, 4, 2) 或( 3, 5, 4, 2) 时,至多有1 个大于 1的正奇数 n 适合 (εn-εn) / (ε-ε) = 1,而且如此的 n 必为满足n < 1+ ( 2logπ) / log k + 2 563. 43( 1+ ( 21. 96π) / log k )的奇素数. 相似文献
9.
及万会 《渝州大学学报(自然科学版)》1995,12(3):65-71
用初等方法证明了:当n,x,r为正整数目r>3,s为非负整数,g=80s+6,gcd(x,g)=1丢番图方程n-1/∑/k=0(x+gk)^r=(x+gn)^r无整数解。 相似文献
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12.
及万会 《贵州师范大学学报(自然科学版)》1996,14(2):57-63
本文证明了,当n,x,r为正整数且r〉3,s为非负整数,d3=402+13,gcd9x,d3)=1,丢番图方程Σ^n-1k=09x=d3k)^r=(x+d3n)^r无整数解。 相似文献
13.
张文忠 《西华师范大学学报(哲学社会科学版)》2004,25(4):364-367
当丢番图方程∑i=1^n∑j=1^naijyiyj=0有一组非平凡的整数解y1^*,y2^*,…,yn^*(yn^*≠0)时,给出了方程∑i=1^n∑j=1^n(aij)/xixj=0满足(x1,x2,…,xn)=1的全部整数解的公式. 相似文献
14.
郑惠 《西南民族学院学报(自然科学版)》2014,(3):399-401
设p是奇素数,利用初等方法证明了:当k≥2,n2,且都是整数,则丢番图方程x(x+1)(x+2)=2pKyn没有正整数解(p,x,y). 相似文献
15.
关于丢番图方程x3+y3=Dz4 总被引:15,自引:5,他引:15
证明了丢番图方程x3+y3=Dz4,(x,y)=1在D=1,2,3,4,6,8,12,18,24,27,36,54,72,108, 相似文献
16.
证明了指数丢番图方程x2+3m=yn,x,y,m,n∈N,n≥2,仅有解(x,y,m,n)=(46,13,4,3),(10,7,5,3). 相似文献
17.
陈进平 《西南民族学院学报(自然科学版)》2011,37(1)
多项式整数值中的完全方幂问题,是数论中引人关注的研究课题.本文利用pell方程解的性质,给出了丢番图方程n∑k=1k4=ny2,n∑k=1k3=np1p2…pmy2以及n∑k=1k5=ny2的所有正整数解. 相似文献
18.
管训贵 《湖北民族学院学报(自然科学版)》2012,(4):404-408
设p为奇素数.证明了:①若整数n>2,则丢番图方程x(x+1)(x+2)=2pyn仅有正整数解(p,x,y)=(3,1,1);②若整数n=2,则丢番图方程x(x+1)(x+2)=2pyn在p■1(mod 8)时仅有正整数解(p,x,y)=(3,1,1),(3,2,2),(3,48,140),(11,98,210);在p≡1(mod 8)时的正整数解为(p,xn,yn)=(p,16t2n,4untnsn),这里p,un,tn,sn满足sn+2=6sn+1-sn,s1=3,s2=17,tn+2=6tn+1-tn,t1=1,t2=6及pu2n=16t2n+1. 相似文献
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;设r是大于1的奇数, m是偶数, Ur和Vr是适合Vr+Ur√-1=(m+-1)r的整数.运用初等方法, 证明了:如果a=|Vr|,b=|Ur|,c=m2+1且b是素数, r≡3(mod 4), m≡2(mod 4),m>(r)/(π), 那么方程ax+by=cz仅有正整数解(x,y,z)=(2,2,r). 相似文献
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